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(CERTO)
A NBR 5410 diz que a área útil do eletroduto é de 40%.
Aútil = 0,4*π*(D^2)/4
Aútil = 0,1*π*(21^2)
Aútil = 138,5 mm2
Aocupada = (F/N + T) + (F/N + T)
Aocupada = (13,5 + 13,5 + 13,5) + (10+10+10)
Aocupada = 70,5 mm2
Aocupada < Aútil
O Senhor é bom, um refúgio em tempos de angústia. Ele protege os que nele confiam, ...
Naum 1:7
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Eu interpretei a questão de forma diferente:
...os condutores de dois circuitos monofásicos que têm área externa de 13,5 mm2 e um condutor de proteção que tem área externa de 10 mm2
- 2 circuitos monofásicos, segundo NBR5410 podem ser a 2 ou 3 condutores
- um condutor de proteção (PE)
Logo, escolhendo o pior caso, monofásico a 3 condutores:
(13,5 x 3) + (13,5 x 3) + 10 = 91
Caso fossem escolhidos outros valores de bitola para os cabos a questão poderia ser passível de anulação, pois a dois condutores poderia estar dentro da faixa de utilização do eletroduto e a 3 não.
A resposta ficou a mesma independentemente, mas como estamos estudando acho legal discutir: 138 > 91.
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Jones achei essa questão confusa, principalmente na parte: " ... para conter os condutores de dois circuitos monofásicos que têm área externa de 13,5 mm2..." não fica claro se os condutores dos dois circuitos juntos tem 13,5mm2 ou cada um tem 13,5mm2. No entanto, eu errei na parte um condutor de proteção que tem área externa de 10 mm2.
Muito obrigado pela observação. Também acho legal discutir as questões. Só uma observação, parabéns pelos comentários que você posta no site sem dúvida ajuda bastante.
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questão muuuito ambigua. Com certeza geraria anulação.
Eu interpretei assim:
FNT + FNT + T
3*13,5 + 3*13,5 + 10= 91mm²
Calculando Aútil cheguei a 137mm² (considerando os 40% de ocupação da norma).Logo, a questão está correta, o eletroduto é suficiente